treinamento 101.

ONC · Física

Questões de Cinemática da ONC

24 questões oficiais da ONC sobre Cinemática, de 2016 a 2025, com gabarito e resolução comentada. Dificuldade estimada: 7 fáceis, 14 médias, 3 difíceis.

Treine Cinemática com 24 questões da ONC

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6 questões de Cinemática resolvidas

Questão 1 · ONC 2025 · 1º ano do ensino médio · Questão 10fácil

Considere que o Sol é definido como a origem em um sistema de coordenadas ortogonais (X, Y, Z) e neste sistema de coordenadas a Terra tem coordenadas (9,6,2), como podemos ver no gráfico a seguir, fora de escala.

Imagem da questão

Fonte: Equipe ONC.

Baseado em seus conhecimentos, assinale a opção que traz a distância DT-S entre a Terra e o Sol em termos dessas unidades arbitrárias.

Dica 1: A distância entre dois pontos em um sistema 3D é calculada de forma semelhante ao do sistema 2D.

Dica 2: Você também pode aplicar o Teorema de Pitágora duas vezes, primeiro no plano XY e depois incluir o eixo Z.

  1. A

    11

  2. B

    13

  3. C

    15

  4. D

    17

  5. E

    19

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Gabarito: A (elaborado pelo Treinamento 101)

Aplique Pitágoras duas vezes, como sugere a dica.

1. No plano XY
dXY² = 9² + 6² = 81 + 36 = 117

2. Incluindo o eixo Z
DT-S² = 117 + 2² = 117 + 4 = 121
DT-S = √121 = 11

Resposta: A

Por que as outras atraem: somar as coordenadas (9 + 6 + 2 = 17) dá a alternativa 17, mas o caminho em linha reta é sempre menor que a soma dos três trechos.

Dica: em 3D, d = √(x² + y² + z²); trios como (2, 6, 9) com resultado inteiro (11) são comuns em provas.

Questão 2 · ONC 2024 · 2º ano do ensino médio · Questão 20média

João tinha 80 kg e era técnico aerogerador. Ele estava consertando um aerogerador que girava com 2 rad/s e tinhas pás de 10 m. Por um descuido, escorregou e deslizou por uma das pás de um aerogerador. Como era muito forte, conseguiu se prender à ponta dela. Nessa situação, completou duas voltas, mas se soltou quando estava no ponto mais alto de sua trajetória, a 45 m do solo, conforme animação abaixo.

Imagem da questão

Equipe ONC.

Sobre os movimentos que João vivenciou, determine a alternativa correta.

  1. A

    Enquanto desenvolveu um movimento circular uniforme, a velocidade linear de João mediu 72 km/h.

  2. B

    A força que João precisou fazer para não cair atingiu o valor máximo quando ele passou pelo ponto mais alto da trajetória.

  3. C

    O alcance do lançamento mediu 40 m.

  4. D

    A força resultante que João desenvolveu durante o MCU mediu 2000 N

  5. E

    Após perder o contato com a ponta da pá do aerogerador, João descreveu um lançamento oblíquo.

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Gabarito: A (elaborado pelo Treinamento 101)

1. Velocidade no MCU. v = ω × R = 2 rad/s × 10 m = 20 m/s = 20 × 3,6 = 72 km/h. A alternativa A está correta.

2. Conferindo as outras.

  • D: a resultante no MCU é a centrípeta: F = m × ω² × R = 80 × 4 × 10 = 3.200 N, não 2.000 N.
  • B: no ponto mais alto o peso ajuda a fazer a curva; a força que João precisa fazer é máxima no ponto mais baixo.
  • E: no ponto mais alto a velocidade é horizontal: o movimento depois de soltar é um lançamento horizontal, não oblíquo.
  • C: queda de 45 m: 45 = 5t² → t = 3 s. Alcance = 20 × 3 = 60 m, não 40 m.

Resposta: A

Dica: no MCU, v = ω × R; para passar de m/s para km/h, multiplique por 3,6.

Questão 3 · ONC 2023 · 2º ano do ensino médio · Questão 17difícil

Em um episódio de uma série de streaming, um arqueiro foi confinado em um enorme galpão, onde existia uma pequena argola presa ao teto e um pequeno alvo bem alto. Sob ameaça de algo grave acontecer a seus amigos, o arqueiro foi desafiado a acertar o alvo passando uma flecha pela argola. À sua disposição, existia uma escada presa à parede oposta ao alvo, conforme figura. Seu arco tinha uma constante elástica de 400 N/m e suas flechas tinham 40 g. O arqueiro subiu a escada, deformou o arco de 50 cm e disparou uma flecha a 15 m de altura sob ângulo de 37° (sen 37° = 0,6 e cos 37° = 0,8) em relação à horizontal. O arqueiro conseguiu atingir o alvo.

Imagem da questão

Fonte: Equipe ONC.

Considerando que a aceleração da gravidade mede 10 m/s², que o ar não interferiu significativamente no movimento da flecha e que fosse possível reproduzir essa cena sem efeitos especiais, qual a altura do alvo?

  1. A

    50 m

  2. B

    55 m

  3. C

    60 m

  4. D

    65 m

  5. E

    70 m

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Gabarito: B

1. Velocidade de lançamento (energia elástica → cinética).
E = k·x²/2 = 400 × 0,5² ÷ 2 = 50 J.
m·v²/2 = 50 → v² = 100 ÷ 0,04 = 2500 → v = 50 m/s.

2. Componentes.
vx = 50 × 0,8 = 40 m/s; vy = 50 × 0,6 = 30 m/s.

3. Até a argola (120 m na horizontal).
t = 120 ÷ 40 = 3 s → y = 15 + 30 × 3 − 5 × 3² = 15 + 90 − 45 = 60 m (altura do teto, onde está a argola).

4. Até o alvo (120 + 40 = 160 m na horizontal).
t = 160 ÷ 40 = 4 s → y = 15 + 30 × 4 − 5 × 4² = 15 + 120 − 80 = 55 m.

Resposta: B (55 m).

Por que as outras atraem: 60 m (C) é a altura da argola; quem para no passo 3 marca essa.

Dica: no lançamento oblíquo, a horizontal é uniforme (dá o tempo) e a vertical é MUV (dá a altura).

Questão 4 · ONC 2022 · 2º ano do ensino médio · Questão 10fácil

Observe as imagens abaixo e considere o texto a seguir.

Imagem da questão

Imagem: https://www.ligo.caltech.edu (adaptada).

A imagem traz as fotos dos dois Observatórios LIGO nas cidades de Hanford (Washington) e Livingston (Louisiana), nos Estados Unidos. Estes observatórios foram responsáveis pela primeira detecção, em 14 de setembro de 2015, das ondas gravitacionais emitidas no processo de fusão de buracos negros.

O termo “observatório” geralmente remete, no contexto da astrofísica, à imagem dos espelhos dos observatórios ópticos ou às antenas parabólicas típicas dos radiotelescópios. Revertendo essa expectativa, a geometria dos observatórios de ondas gravitacionais é na forma de braços perpendiculares. Essa geometria acompanha a engenharia dos interferômetros, que remonta aos experimentos de Albert Michelson (1852-1931) e Edward Morley (1838-1923), de 1887, para a detecção do Éter, que seria o meio através do qual as ondas eletromagnéticas supostamente se propagariam.

Nos Observatórios LIGO, feixes de laser percorrem quilômetros, em cada um dos dois braços perpendiculares, em cada um dos observatórios, antes de chegar ao fotodetector, criando um padrão de interferência.

A Teoria da Relatividade Geral previu que a passagem de uma onda gravitacional encurtaria o espaço na direção da propagação desta onda. Então, se um dos braços dos observatórios fica sutilmente mais curto com a passagem de uma onda gravitacional, isso pode ser detectável por uma mudança no padrão de interferência.

A magnitude da deformação é da ordem de 10-21 m, porque a amplitude da onda gravitacional é dessa mesma ordem de grandeza. Para pôr esse resultado em perspectiva, lembre-se que o tamanho do núcleo atômico é da ordem de 10-15 m. Isso significa que o interferômetro LIGO foi capaz de detectar variações de tamanho de cerca de um milionésimo (10-6) do tamanho do núcleo atômico. Isso faz da detecção das ondas gravitacionais a medição de maior precisão na história das ciências naturais!

As ondas foram detectadas primeiro pelo observatório em Livingston (L1) e, então, Δt = 10 ms depois pelo observatório de Hanford (H1). Pela latitude e longitude de cada localidade, estima-se a distância entre ambos os observatórios seja Δx = 3.000 km.

Imagem da questão

Imagem: Phys. Rev. Lett. 116, 061102/2016 (adaptada).

A partir dos seus conhecimento e supondo um caminho retilíneo de propagação das ondas, estima-se que a velocidade de propagação de uma onda gravitacional seja igual à:

  1. A

    0,10 × da velocidade da luz.

  2. B

    0,50 × da velocidade da luz.

  3. C

    0,90 × da velocidade da luz.

  4. D

    0,95 × da velocidade da luz.

  5. E

    1,00 × velocidade da luz.

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Gabarito: E

As ondas chegaram a L1 e, 10 ms depois, a H1, que fica a 3.000 km. Supondo propagação em linha reta:

1. Unidades

Δx = 3.000 km = 3 × 106 m. Δt = 10 ms = 0,01 s.

2. Velocidade

v = Δx ÷ Δt = 3 × 106 ÷ 0,01 = 3 × 108 m/s.

Esse é exatamente o valor da velocidade da luz (c ≈ 3 × 108 m/s).

Resposta: E (1,00 × a velocidade da luz).

Por que as outras atraem: quem erra a conversão de ms (1 ms = 10-3 s) encontra um valor 10 vezes menor e marca 0,10 (A).

Dica: ondas gravitacionais viajam à velocidade da luz; converta tudo para metros e segundos antes de dividir.

Questão 5 · ONC 2021 · 8º e 9º anos · Questão 7média

Os capitães de um veleiro e de uma lancha desenharam o mesmo plano cartesiano sobre o mapa da Baía de Todos os Santos. Fixaram a origem na “Ponta de Itaparica” e traçaram os eixos nas direções leste-oeste e norte-sul. Às 9:00 h da manhã, o veleiro saiu da ponta de Itaparica e a lancha saiu da praia próxima à Basílica do Senhor do Bonfim. Eles combinaram se encontrar no ponto P, onde iriam parar para pescar, conforme animação abaixo.

Imagem da questão

Fonte: Equipe da ONC.

Cada barco seguiu sua própria trajetória oblíqua à direção do eixo das abscissas (eixo X). As coordenadas X e Y dos pontos de cada trajetória, em quilômetros, obedecem às seguintes equações:

Veleiro: Y = 0,8 X

Lancha: Y = 28 – 2 X

Se a lancha só pudesse viajar, ora seguindo apenas a direção leste-oeste, ora seguindo apenas a direção norte-sul, qual a menor distância que deveria percorrer para chegar ao ponto P?

  1. A

    14 km

  2. B

    15 km

  3. C

    16 km

  4. D

    17 km

  5. E

    18 km

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Gabarito: E (elaborado pelo Treinamento 101)

1. Ponto P (encontro das trajetórias): 0,8X = 28 − 2X → 2,8X = 28 → X = 10 km, e Y = 0,8 × 10 = 8 km. Então P = (10; 8).

2. Ponto de partida da lancha: no mapa, a Basílica do Bonfim fica em X = +16 km e Y = −4 km. Confere com a equação: 28 − 2 × 16 = −4.

3. Caminho só em leste-oeste e norte-sul:
- leste-oeste: de X = 16 até X = 10 → 6 km;
- norte-sul: de Y = −4 até Y = 8 → 12 km.

Total: 6 + 12 = 18 km.

Resposta: E

Dica: quem só anda paralelo aos eixos percorre |Δx| + |Δy|, sempre maior ou igual à distância em linha reta.

Questão 6 · ONC 2020 · 6º e 7º anos · Questão 1fácil

Construída para ser um marco na história do transporte brasileiro, a Imperial Companhia de Navegação a Vapor e Estrada de Ferro de Petrópolis (nome original) foi inaugurada em 1854 com uma extensão de 14,5 km que ligava a fábrica de pólvora real (A) ao porto Estrela (B) localizado à

Imagem da questãoImagem da questão

Fonte: Equipe da ONC.

  1. A

    18 min e 30 s

  2. B

    20 min e 8 s

  3. C

    24 min e 16 s

  4. D

    28 min e 24 s

  5. E

    32 min e 42 s

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Gabarito: B

1. Converter a distância para metros

14,5 km = 14.500 m

2. Tempo

t = d ÷ v = 14.500 ÷ 12 ≈ 1.208 s

3. Em minutos e segundos

1.208 s = 20 × 60 s + 8 s = 20 min e 8 s

Resposta: B

Dica: com velocidade em m/s, passe a distância para metros; depois divida os segundos por 60 (o quociente dá os minutos, o resto dá os segundos).